篇一：2016年全国卷1高考理综物理试题解
2016年普通高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）
理科综合（物理部分）
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要
求，第18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。 7. 一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。若将云母介质移出，则电容器（ ） A. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大 B. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大 C. 极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变 D. 极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变 【答案】D
?S
【解析】由C?r可知，当云母介质抽出时，?r变小，电容器的电容C变小；
4πkd
Q减小。因为电容器接在恒压直流电源上，故U不变，根据Q?CU可知，当C减小时，再由E?
U
，d
由于U与d都不变，故电场强度E不变，答案为D
【考点】电容器的基本计算
8. 现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图其中加速电压恒定。质子在入口处从静止开始被加速电场加速，磁场偏转后从出口离开磁场。若某种一价正离子在入口处从静止同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开需将磁感应强度增加到原来的12倍。此离子和质子的质量比约
所示，经匀强开始被磁场，为
（ ） A. 11B. 12 C. 121D. 144 【答案】D
【解析】设质子的质量数和电荷数分别为m1、q1，一价正离子的质量数和电荷数为m2、q2，对于任意粒子，
在加速电场中，由动能定理得：
1
qU?mv2?0
2v?得 ①
v2
qvB?m 在磁场中应满足 ②
r
由题意，
由于两种粒子从同一入口垂直进入磁场，从同一出口垂直离开磁场，故在磁场中做匀速圆周运动的半径应相同． 由①②式联立求解得
匀速圆周运动的半径r?
故
r1B21
?? r2B11
m11? m2144
故一价正离子与质子的质量比约为
144 q1?q2，可得其中B2?12B1，
【考点】带电粒子在电场、磁场中的运动、质谱仪。
9. 一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1、R2和R3
1?和4?，○A为理想交流电流表，U为正弦值分别是3?、
的阻交流的示副线
电压源，输出电压的有效值恒定。当开关S断开时，电流表数为I；当S闭合时，电流表的示数为4I。该变压器原、
圈匝数比为（ ） A. 2B. 3 C. 4D. 5 【答案】B 解法一：
当S断开时，电路如右图所示
由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压U1?U?IR1
U1?U?3I 得
U1n1
? 根据变压器原副边电压关系：
U2n2U2U2
I?? 副线圈中的电流： 2
R2?R35联立①②③得：
① ② ③ ④
?n1?U?3I
???5I?n2?
2
当S闭合时，电路如右图所示
由闭合电路欧姆定律，原线圈两端电压U1＇=U?4I?R1
U1＇=U?12I 得
U1＇n1
? 根据变压器原副边电压关系：
U2＇n2
U＇U＇I2＇=2?2 副线圈中的电流得：
R21
联立⑤⑥⑦得 联立④⑧解得
⑤ ⑥ ⑦ ⑧
?n1?U?12I
???
n4I?2?
n1
?3 n2
2
解法二：
设开关S断开前后，变压器的等效电阻为R和R?，由于变压器输入功率与输出功率相同，
R?RI
S闭合前：I2?R?()2?(R2?R3)，得R?223 ①
nn
R24I
S闭合后：(4I)2?R'?()2?R2，得R??2 ②
nn
根据闭合电路欧姆定律：
UI?S闭合前： ③
R1?RU
4I?S闭合后： ④
R1?R?
R21
3?2
2=1 ?根据以上各式得：
R?R54R1?2233?2
nn
解得，n?
3
R1?
【考点】变压器的计算
【难点】 由于原边回路有电阻，原线圈两端电压不等于电源电压 10. 利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯。目前，地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍。假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为（ ） A. 1h B. 4h 【答案】B
C. 8h
D. 16h
Mm4π2
【解析】地球自转周期变小，卫星要与地球保持同步，则卫星的公转周期也应随之变小，由G2?mr2
rT
可得T?颗卫星覆盖全球的目的，则卫星周期最小时，由数学几何关系可作出右图。
R
?2R 由几何关系得，卫星的轨道半径为r?
sin30?
r13r23
由开普勒第三定律2?2，代入题中数据，得
T1T2
(6.6R)r
? 242T22
33
卫星
卫星
②
由①②解得T2?4h
【考点】（1）卫星运行规律；（2）开普勒第三定律的应用 【难点】 做出最小周期时的卫星空间关系图 11. 一质点做匀速直线运动。现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则（ ） A. 质点速度的方向总是与该恒力的方向相同
B. 质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直 C. 质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同 D. 质点单位时间内速率的变化量总是不变 【答案】BC
【解析】质点一开始做匀速直线运动，处于平衡状态，施加恒力后，则该质点的合外力为该恒力
①若该恒力方向与质点原运动方向不共线，则质点做曲线运动，质点速度方向时刻与恒力方向不同，故A错；
②若F的方向某一时刻与质点运动方向垂直，之后质点作曲线运动，力与运动方向夹角会发生变化，例如平抛运动，故B正确；
③由牛顿第二定律可知，质点加速度方向与其所受合外力方向相同；
④根据加速度的定义，相等时间内速度变化量相同，速率变化量不一定相同，故D错。
【考点】⑴牛顿运动定律；
⑵力和运动的关系； ⑶加速度的定义；
【易错点】B选项易错误地以“匀速圆周运动”作为反例来推翻结论 12. 如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块
b。外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态。若F方
向不
变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则（ ）
A. 绳OO'的张力也在一定范围内变化
B. 物块b所受到的支持力也在一定范围内变化 C. 连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化
D. 物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化 【答案】BD
【解析】 由题意，在F保持方向不变，大小发生变化的过程
中，物体a、b均保持静止，各绳角度保持不变；选a受力分析得，绳的拉力T?mag，所以物体a受到绳的拉力保持不变。由滑轮性质，滑轮两侧绳的拉力相等，所以b受到绳的拉力大小、方向均保持不变，C选项错误； a、b
所以
OO?的张力不变，A选项错误；对b进行受力分析，并将各力沿水平方向和竖直方向分解，如上图所示。由受力平衡得：Tx?f?Fx，Fy?N?Ty?mbgT和mbg始终不变，当F支持力在一定范围内变化，B选项正确；摩擦力也在一定范围内发生变化，D选项正确；故答案选BD。
【考点】考查动态平衡分析、力的正交分解和力的平衡方程。 13. 如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点P的
竖直线对称。忽略空气阻力。由此可知（ ） A. Q点的电势比P点高
B. 油滴在Q点的动能比它在P点的大 C. 油滴在Q点的电势能比它在P点的大 D. 油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小 【答案】AB
【解析】由于匀强电场中的电场力和重力都是恒力，所以合外力为恒力，加速度恒定不变，所以D选项错。
由于油滴轨迹相对于过P的竖直线对称且合外力总是指向轨迹弯曲内侧，所以油滴所受合外力沿竖直方向，电场力竖直向上。当油滴得从P点运动到Q时，电场力做正功，电势能减小，C选项错误；油滴带负电，电势能减小，电势增加，所以Q点电势高于P点电势，A选项正确；在油滴从P点运动到Q的过程中，合外力做正功，动能增加，所以Q点动能大于P点，B选项正确；所以选AB。
【考点】带电粒子在复合场中运动、曲线运动中物体受力特点、带电粒子电场力做功与电势能的关系、电
势能变化与电势变化的关系。
14. 甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v?t图像如图所示。已知两车在t?3s时并排行驶，则（ ）
A. 在t?1s时，甲车在乙车后
B. 在t?0时，甲车在乙车前7.5m C. 两车另一次并排行驶的时刻是t?2s
D. 甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m 【答案】BD
【解析】根据v?t图，甲、乙都沿正方向运动。t?3s时，甲、乙相遇，v甲=30m/s，v乙=25m/s，由位移和v?t
11
图面积对应关系，0-3s内位移x甲=?3?30m=45m，x乙=?3??10+25?m=52.5m。故t?0时，甲
22
乙相距?x1?x乙-x甲=7.5m，即甲在乙前方7.5m，B选项正确。
11
0-1s内，x甲?=?1?10m=5m，x乙?=?1??10+15?m=12.5m，?x2?x乙??x甲?=7.5m，说明甲、乙第
22
一次相遇。A、C错误。
乙两次相遇地点之间的距离为x?x甲?x甲?=45m?5m=40m，所以D选项正确；
三、非选择题：
（一）必考题
15. （5分）
某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点电源为交流电源，可以使用的频率有20Hz、30Hz和40Hz。打出部分如图（b）所示。
该同学在实验中没有记录交流电的频率f，需要用实验数据和其它进行推算。
(1) 若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f和图（b）中给量可以写出：在打点计时器打出B点时，重物下落的速度大小为______________，打出C点时重物下落的速度大小为
_____________，重物下落的加速度大小为_____________。
(2) 已测得S1?8.89cm，S2?9.50cm，S3?10.10cm，当地重力加速度大小为9.80m/s2，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%，由此推算出f为__________Hz。
fff2
【答案】⑴(S1?S2)，(S2?S3)，(S3?S1)；⑵40
222
【解析】⑴由于重物匀加速下落，A、B、C、D各相邻点之间时间间隔相同，因此B点应是从A运动到C的
过程的中间时刻，由匀变速直线运动的推论可得：
S?S2
B点的速度vB等于AC段的平均速度，即vB?1
2t
1f
由于t?，故vB?(S1?S2)
f2
f
同理可得vC?(S2?S3)
2
?v 匀加速直线运动的加速度a??t
f??
vC?vB?(S2?S3)?(S1?S2)?f2
??(S3?S1) 故a?① t2
f
⑵重物下落的过程中，由牛顿第二定律可得：
mg?F阻=ma ②
由已知条件
由②③得
计时器的纸带的一题给条件出的物理
F阻=0.01mg a?0.99g
③
f2
(S3?S1)，代入数据得f?40Hz 代入①得：a?2
【考点】利用运动学公式和推论处理纸带问题
16. （10分）
现要组装一个由热敏电阻控制的报警系统，要求当热敏电阻的温度达到或超过60?C时，系统报警。提供的器材有：热敏电阻，报警器（内阻很小，流过的电流超过Ic时就会报警），电阻箱（最大阻值为999.9?），直流电源（输出电压为U，内阻不计），滑动变阻器R1（最大阻值为1000?），滑动变阻器R2（最大阻值为2000?），单刀双掷开关一个，导线若干。
在室温下对系统进行调节。已知U约为18V，Ic约为10mA；流过报警器的电流超过20mA时，报警器可能损坏；该热敏电阻的阻值随温度升高而减小，在60?C时阻值为650.0?。
篇二：2016年高考新课标全国卷III理综(物理)真题及答案
2016·全国卷Ⅲ(物理)
14．D5[2016·全国卷Ⅲ]关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是( )
A．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律
B．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律
C．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因
D．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律
14．B [解析]开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿在开普勒研究基础上结合自己发现的牛顿运动定律，发现了万有引力定律，指出了行星按照这些规律运动的原因，选项B正确．
15．I2[2016·全国卷Ⅲ]关于静电场的等势面，下列说法正确的是( )
A．两个电势不同的等势面可能相交
B．电场线与等势面处处相互垂直
C．同一等势面上各点电场强度一定相等
D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功
15．B [解析]静电场中的电场线不可能相交，等势面也不可能相交，否则的话会出现一个点有两个电场强度和两个电势值的矛盾，A错误；由WAB＝qUAB可知，当电荷在等势面上移动时，电荷的电势能不变，如果电场线不与等势面垂直，那么电荷将受到电场力，在电荷运动时必然会做功并引起电势能变化，这就矛盾了，B正确；同一等势面上各点电势相等，但电场强度不一定相等，C错误；对于负电荷，q<0，从电势高的A点移到电势低的B点，UAB>0，由电场力做功的公式WAB＝qUAB可知WAB<0，电场力做负功，D错误．
16．A2 E2[2016·全国卷Ⅲ]一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍．该质点的加速度为( )
s3sA.t2t4s8sC.D.tt116．A [解析]由Ek＝mv2可知速度变为原来的3倍．设加速度为a，初速度为v，则末2
1速度为3v.由速度公式vt＝v0＋at得3v＝v＋at，解得at＝2v；由位移公式s＝v0t＋at2得s＝2
2v2ss11svt＋at·t＝vt＋·2v·t＝2vt，进一步求得v；所以a·＝A正确． 222ttt2tt17．B4[2016·全国卷Ⅲ]如图1-所示，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球．在a和b之间的细线上悬挂一小物块．平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径．不计所有摩擦．小物块的质量为(
)
图1-
m3A.m 22
C．mD．2m
17．C [解析]对a受力分析如图甲所示，其中虚线三角形为等边三角形，由正交分解法
可得Fsinα＝mgsin30°，又知F＝mg，故α＝30°；对小物块的悬挂点受力分析如图乙所示，由力的合成可得2Fcos(α＋30°)＝Mg，故可得M＝m，C正确．
18．K2[2016·全国卷Ⅲ]平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面(纸面)如图1-所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外．一带电粒子的质量为m，电荷量为q(q>0)．粒子沿纸面以大小为v的速度从OM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角．已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场．不计重力．粒子离开磁场的出射点到两平面交线O的距离为(
)
图1-
mv3mvA.2qBqB
2mv4mvC.qBqB
18．D [解析]设射入磁场的入射点为A，延长入射速度v所在直线交ON于一点C，则轨迹圆与AC相切；由于轨迹圆只与ON有一个交点，所以轨迹圆与ON相切，所以轨迹圆的圆心必在∠ACD的角平分线上，作出轨迹圆如图所示，其中O′为圆心，B为出射点．
由几何关系可知∠O′CD＝30°，Rt△O′DC中，CD＝O′D·cot303R；由对称性知，AC＝CD3R；等腰△ACO中，OA＝2AC·cos30°＝3R；等边△O′AB中，AB＝R，所以OB
v2mv4mv＝OA＋AB＝4R.由qvB＝mR＝OB＝，D正确． RqBqB
19．M2[2016·全国卷Ⅲ]如图1-所示，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b.当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光．下列说法正确的是(
)
图1-
A．原、副线圈匝数比为9∶1
B．原、副线圈匝数比为1∶9
C．此时a和b的电功率之比为9∶1
D．此时a和b的电功率之比为1∶9
19．AD [解析]设灯泡的额定电压为U0，则输入电压U＝10U0，由于两灯泡均正常发光，故原线圈两端的电压U1＝U－U0＝9U0，副线圈两端的电压U2＝U0，所以原、副线圈的匝数比n1∶n2＝U1∶U2＝9∶1，A正确，B错误；原、副线圈的电流之比I1∶I2＝n2∶n1＝1∶9，由电功率P＝UI可知，a和b的电功率之比为1∶9，C错误，D正确．
20．D4 E2[2016·全国卷Ⅲ]如图所示，一固定容器的内壁是半径为R的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点P.它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W.重力加速度大小为g.设质点P在最低点时，向心加速度的大小为a，容器对它的支持力大小为N，则(
)
图1-
2（mgR－W）2mgR－WA．a＝．a＝ mRmR
3mgR－2W2（mgR－W）C．N＝．N＝ RR
120．AC [解析]质点P下滑到底端的过程，由动能定理得mgR－W＝mv2－0，可得v22
2（mgR－W）v22（mgR－W）＝，所以a＝，A正确，B错误；在最低点，由牛顿第二定mRmR
v2v2m2（mgR－W）3mgR－2W律得N－mg＝m，故N＝mg＋mmg＋C正确，D错误． RRRmR
21．L2 M1[2016·全国卷Ⅲ]如图所示，M为半圆形导线框，圆心为OM；N是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为ON；两导线框在同一竖直面(纸面)内；两圆弧半径相等；过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面．现使线框M、N在t＝0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过OM和ON的轴，以相同的周期T逆时针匀速转动，则(
)
图1-
A．两导线框中均会产生正弦交流电
B．两导线框中感应电流的周期都等于T
TC．在t 8
D．两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等
21．BC [解析]设导线圈半径为l，角速度为ω，两导线框切割磁感线的等效长度始终等
1于圆弧半径，因此在产生感应电动势时其瞬时感应电动势大小始终为E＝Bωl2，但进磁场2
2π和出磁场时电流方向相反，所以线框中应该产生方波交流式电，如图所示，A错误；由T＝ω
T可知，两导线框中感应电流的周期相同，均为T，B正确；在t＝时，两导线框均在切割磁8
1E2TE2T2感线，故两导线框中产生的感应电动势均为ωl，C正确；对于线框M，有＋2R2R2
U2U2有ME2TE2T有NT，解得U有M＝E；对于线框N，有＋00＝T，解得U有N＝E，RR4R4R2故两导线框中感应电流的有效值并不相等，D错误．
22．J10 K1[2016·全国卷Ⅲ]某同学用图1-中所给器材进行与安培力有关的实验．两根金属导轨ab和a1b1固定在同一水平面内且相互平行，足够大的电磁铁(未画出)的N极位于两导轨的正上方，S极位于两导轨的正下方，一金属棒置于导轨上且与两导轨垂直．
图1-
(1)在图中画出连线，完成实验电路．要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动．
(2)为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：
A．适当增加两导轨间的距离
B．换一根更长的金属棒
C．适当增大金属棒中的电流
其中正确的是________(填入正确选项前的标号)．
22．[答案](1)连线如图所示
(2)AC
[解析](1)限流式接法要求滑动变阻器接线时只能连接“一上一下”两个接线柱；磁铁N极位于上方，说明磁感线向下；开关闭合后，金属棒往右运动，说明棒受到向右的安培力；由左手定则可知，电流应垂直纸面向外(ab指向a1b1)；所以应按“电源正极→开关→滑动变阻器下接线柱→滑动变阻器上接线柱→电流表→ab→a1b1→电源负极”的顺序连接回路．
1(2)由动能定理BIL·s＝mv2－0可知，要增大金属棒离开导轨时的速度v，可以增大磁感2
应强度B、增大电流I、增大两导轨间的距离L或增大导轨的长度s；但两导轨间的距离不变而只是换一根更长的金属棒后，等效长度L并不会发生改变，但金属棒的质量增大，故金属棒离开导轨时的速度v减小．
23．C4C4[2016·全国卷Ⅲ]某物理课外小组利用图(a)中的装置探究物体加速度与其所受合外力之间的关系．图中，置于实验台上的长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮；轻绳跨过滑轮，一端与放在木板上的小滑车相连，另一端可悬挂钩码．本实验中可用的钩码共有N＝5个，每个质量均为0.010kg.实验步骤如下：
(1)将5个钩码全部放入小车中，在长木板左下方垫上适当厚度的小物块，使小车(和钩码)可以在木板上匀速下滑．
图1-
(2)将n(依次取n＝1，2，3，4，5)个钩码挂在轻绳右端，其余N－n个钩码仍留在小车内；用手按住小车并使轻绳与木板平行．释放小车，同时用传感器记录小车在时刻t相对于其起始位置的位移s，绘制s-t图像，经数据处理后可得到相应的加速度a.
(3)对应于不同的n的a值见下表．n＝2时的s-t图像如图(b)所示；由图(b)求出此时小车的加速度(保留2位有效数字)，将结果填入下表．
(4)利用表中的数据在图(c)中补齐数据点，并作出a-n图像．从图像可以看出：当物体质量一定时，物体的加速度与其所受的合外力成正比．
图1-
(5)利用a-n图像求得小车(空载)的质量为______kg(保留2位有效数字，重力加速度g取
9.8m/s2)．
(6)若以“保持木板水平”来代替步骤(1)，下列说法正确的是________(填入正确选项前的标号)．
A．a-n图线不再是直线
B．a-n图线仍是直线，但该直线不过原点
C．a-n图线仍是直线，但该直线的斜率变大
篇三：2016年高考全国3卷理综物理试题(解析版)
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试题类型：Ⅲ
注意事项：
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。 2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。 3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。 4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题共126分）
本卷共21小题，每小题6分，共126分。
可能用到的相对原子质量：
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项是符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分。有选错的得0分。14．关于行星运动的规律，下列说法符合史实的是
A．开普勒在牛顿定律的基础上，导出了行星运动的规律
B．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律
C．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因
D．开普勒总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律
【答案】
B
【考点定位】考查了物理学史
【方法技巧】平时学习应该注意积累对物理学史的了解，知道前辈科学家们为探索物理规律而付出的艰辛努力，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一
15．关于静电场的等势面，下列说法正确的是
A．两个电势不同的等势面可能相交
B．电场线与等势面处处相互垂直
C．同一等势面上各点电场强度一定相等
D．将一负的试探电荷从电势较高的等势面移至电势较低的等势面，电场力做正功
【答案】B
【解析】
试题分析：等势面相交，则电场线一定相交，故在同一点存在两个不同的电场强度方向，与事实不符，故A错误；电场线与等势面垂直，B正确；同一等势面上的电势相同，但是电场强度不一定相同，C错误；将负电荷从高电势处移动到低电势处，受到的电场力方向是从低电势指向高电势，所以电场力方向与运动方向相反，电场力做负功，D错误；
【考点定位】考查了电势，等势面，电场力做功
【方法技巧】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功，等势面越密，电场强度越大，等势面越疏，电场强度越小
16．.一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍。该质点的加速度为
A．s3s4s8sB．C．D． 2222t 2t t t
【答案】
A
【考点定位】考查了匀变速直线运动规律的应用
【方法技巧】在分析匀变速直线运动问题时，由于这一块的公式较多，涉及的物理量较多，并且有时候涉及的过程也非常多，所以一定要注意对所研究的过程的运动性质清晰，对给出的物理量所表示的含义明确，然后选择正确的公式分析解题。
17．如图，两个轻环a和b套在位于竖直面内的一段固定圆弧上：一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m的小球。在a和b之间的细线上悬挂一小物块。平衡时，a、b间的距离恰好等于圆弧的半径。不计所有摩擦。小物块的质量为
A．m 2B
C．mD．2m
【答案】C
【解析】
试题分析：根据设悬挂小物块的点为O',圆弧的圆心为O，由于ab=R，所以三角形Oab为等边三角形，根据几何知识可得?aO'b?120，而一条绳子上的拉力相等，故T?mg，
小物块受到两条绳子的拉力作用
两力大小相等，夹角为120°，故受到的拉力的合力等于mg，因为小物块受到绳子的拉力和重力作用，处于静止作用，故拉力的合力等于小物块的重力，为mg，所以小物块的质量为m，C正确；
【考点定位】考查了共点力平衡条件的应用
【方法技巧】在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，
18．平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。一带电粒子的质量为m，电荷量为q（q>0）。粒子沿纸面以大小为v的速度从PM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角。已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场。不计重力。粒子离开磁场的射点到两平面交线O的距离为
A．mv2mv4mvB
C．D． 2BqBq Bq
【答案】
D
【考点定位】考查了带电粒子在有界磁场中的运动 【方法技巧】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式R?mv2?m?，周期公式T?，运动时间公式t?T，知道粒子在磁场中运动半径和速BqBq2?
度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，
19．如图，理想变压器原、副线圈分别接有额定电压相同的灯泡a和b。当输入电压U为灯泡额定电压的10倍时，两灯泡均能正常发光。下列说法正确的是
A．原、副线圈砸数之比为9:1 B．原、副线圈砸数之比为1:9
C．此时a和b的电功率之比为9:1 D．此时a和b的电功率之比为1:9
【答案】
AD
【考点定位】考查了理想变压器，电功率的计算 【方法技巧】对于变压器需要掌握公式U1n1I1n2?、?，以及知道副线圈的电流以及功U2n2I2n2
率决定了原线圈中的电流和功率，理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源，
20．如如，一固定容器的内壁是半径为R的半球面；在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点P。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中，克服摩擦力做的功为W。重力加速度大小为g。设质点P在最低点时，向心加速度的大小为a，容器对它的支持力大小为N，则
A．a?2(mgR?W) mR
3mgR?2W R B．a?2mgR?W mRC．N? D．N?2?mgR?W? R
【答案】AC
【解析】
试题分析：质点P下滑过程中，重力和摩擦力做功，根据动能定理可得mgR?W?12mv，2
v22(mgR?W)根据公式a?，联立可得a?，A正确B错误；在最低点重力和支持力的RmR
合力充当向心力，摩擦力水平，不参与向心力，故根据牛顿第二定律可得N?mg?ma，代入可得N?3mgR?2W，C正确D错误； R
【考点定位】考查了动能定理，圆周运动
【方法技巧】应用动能定理应注意的几个问题(1)明确研究对象和研究过程，找出始末状态的速度。(2)要对物体正确地进行受力分析，明确各力做功的大小及正负情况(待求的功除外)。
(3)有些力在物体运动过程中不是始终存在的。若物体运动过程中包括几个阶段，物体在不同阶段内的受力情况不同，在考虑外力做功时需根据情况区分对待
21．如图，M为半圆形导线框，圆心为OM；N是圆心角为直角的扇形导线框，圆心为ON；两导线框在同一竖直面（纸面）内；两圆弧半径相等；过直线OMON的水平面上方有一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面。现使线框M、N在t=0时从图示位置开始，分别绕垂直于纸面、且过OM和ON的轴，以相同的周日T逆时针匀速转动，则
A．两导线框中均会产生正弦交流电
B．两导线框中感应电流的周期都等于T
C．在错误！未找到引用源。时，两导线框中产生的感应电动势相等
D．两导线框的电阻相等时，两导线框中感应电流的有效值也相等
【答案】BC
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